Комментарии пользователя Bordo

точки можно расположить в произвольном порядке, в одной плоскости

их нельзя соединить чтоб они не пересеклись))))

Португальский специалист считает, что часть вины за поражение от «Барселоны» (0:2) лежит на арбитре Вольфганге Штарке, сообщает Marca. На 61-й минуте немец в спорной ситуации удалил с поля защитника мадридцев Пепе, а после этого Лионель Месси оформил дубль, отличившись на 76-й и 87-й минутах. «Этот матч продемонстрировал, что в играх с «Барселоной» у других команд нет никаких шансов, потому что УЕФА не позволяет остальным клубам играть против них. Я не понимаю, почему так происходит. Может быть, дело в ЮНИСЕФ (титульный спонсор «Барселоны» – прим. Eurosport.ru). В один прекрасный день ответ на этот вопрос станет известен», – сказал португалец, добавив, что «Реал» уже вылетел из Лиги чемпионов. Он заявил, что не понимает, как судья мог в столь напряженном матче показать красную карточку Пепе. «Барселона» – фантастическая команда, и не надо неверно интерпретировать мои слова. Но почему в упорном матче двух равных команд судья сделал то, что сделал. Рефери в футболе существуют для того, чтобы обеспечить равные условия для обеих команд. Чтобы победил сильнейший», – сказал Моуринью, добавив, что иногда ему противно жить в этом мире. Тренера «Реала» также удалили со скамейки запасных за перепалку с арбитром. «Я ничего ему не сказал, только усмехнулся и поаплодировал его решению двумя пальцами, – пояснил Моуринью. – Если бы я сказал ему все, что думаю, моя карьера закончилась в этот же день». По словам наставника мадридцев, если бы он руководил «Барселоной», то в случае победы в Лиге чемпионов ему было бы стыдно. «Хосеп Гвардиола – серьезный футбольный тренер, но успех в 2009 году был омрачен скандалом на «Стэмфорд Бридж» в матче с «Челси». В этом году все вспомнят скандал на «Сантьяго Бернабеу», если «Барса» вновь победит. Я выиграл Лигу чемпионов дважды (с португальским «Порту» и миланским «Интером» – прим. Eurosport.ru), мои игроки приложили много усилий для победы. Гвардиола заслуживает того, чтобы завоевать титул в нормальных условиях», – добавил Моуринью. Он подчеркнул, что ответный матч будет для его команды трудным. «В Барселоне мы будем биться за свою честь, но без Пепе и Серхио Рамоса нам будет очень трудно. Мы должны сыграть за наше имя», – заявил португалец.

а какие тебе точки нада блять?))))) я тебе все уже показал и написал (скопировал) хДД

а автор пиздабол=))

Решение. Предположим, что это можно сделать. Отметим домики точками Д1, Д2, Д3, а колодцы — точками К1, К2, К3 (рис. 1). Каждую точку-домик соединим с каждой точкой-колодцем. Получим девять ребер, которые попарно не пересекаются. Эти ребра образуют на плоскости многоугольник, разделенный на бо­лее мелкие многоугольники. Поэтому для этого разбиения должно выпол­няться соотношение Эйлера В — Р + Г= 1. Добавим к рассматриваемым гра­ням еще одну — внешнюю часть плоскости по отношению к многоугольнику. Тогда соотношение Эйлера примет вид В — Р + Г = 2, причем В = 6 и Р = 9. Следовательно, Г = 5. Каждая из пяти граней имеет по крайней мере четыре ребра, поскольку, по условию задачи, ни одна из дорожек не должна непосредственно соединять два дома или два колодца. Так как каждое ребро лежит ровно в двух гранях, то количество ре­бер должно быть не меньше (5∙4)/2 = 10, что противоречит условию, по которому их число равно 9. Полученное противоречие показывает, что от­вет в задаче отрицателен — нельзя провести непересекающиеся дорожки от каждого домика к каждому колодцу.

Ты ваше читал мой пост?))) что от­вет в задаче отрицателен — нельзя провести непересекающиеся дорожки от каждого домика к каждому колодцу.

Теорема. Если многоугольник разбит на конечное число многоугольников так, что любые два многоугольника разбиения или не имеют общих точек, или имеют общие вершины, или имеют общие ребра, то имеет место равенство В — Р + Г = 1, (*) где В — общее число вершин, Р — общее число ребер, Г — число многоугольников (граней). Доказательство. Докажем, что равенство (*) не изменится, если в каком-нибудь многоугольнике данного разбиения провести диагональ Действитель­но, после проведения такой диагонали в новом разбиении будет В вершин, Р+1 ребер и количество многоугольников увеличится на единицу. Следовательно, имеем В — (Р + 1) + (Г+1) = В – Р + Г. Пользуясь этим свойством, проведем диагонали, разбивающие входя­щие многоугольники на треугольники, и для полученного разбиения пока­жем выполнимость соотношения (*) (рис. 2, б). Для этого будем последо­вательно убирать внешние ребра, уменьшая количество треугольников. При этом возможны два случая: а) для удаления треугольника ABC требуется снять два ребра, в на­шем случае AB и BC; б) для удаления треугольника MKN требуется снять одно ребро, в нашем случае MN. В обоих случаях равенство (*) не изменится. Например, в первом случае после удаления треугольника граф будет состоять из В-1 вершин, Р-2 ребер и Г-1 многоугольника: (В — 1) — (Р + 2) + (Г -1) = В – Р + Г. Самостоятельно рассмотрите второй случай. Таким образом, удаление одного треугольника не меняет равенства (*). Продолжая этот процесс удаления треугольников, в конце концов мы придем к разбиению, состоящему из одного треугольника. Для такого раз­биения В = 3, Р = 3, Г = 1 и, следовательно, B — Р + Г= 1. Значит, равенство (*) имеет место и для исходного разбиения, откуда оконча­тельно получаем, что для данного разбиения многоугольника справедливо соотношение (*). Заметим, что соотношение Эйлера не зависит от формы многоугольников. Многоугольники можно деформировать, увеличивать, уменьшать или даже искривлять их стороны, лишь бы при этом не происходило разрывов сторон. Соотношение Эйлера при этом не изменится. Приступим теперь к решению задачи о трех домиках и трех колодцах. Решение. Предположим, что это можно сделать. Отметим домики точками Д1, Д2, Д3, а колодцы — точками К1, К2, К3 (рис. 1). Каждую точку-домик соединим с каждой точкой-колодцем. Получим девять ребер, которые попарно не пересекаются. Эти ребра образуют на плоскости многоугольник, разделенный на бо­лее мелкие многоугольники. Поэтому для этого разбиения должно выпол­няться соотношение Эйлера В — Р + Г= 1. Добавим к рассматриваемым гра­ням еще одну — внешнюю часть плоскости по отношению к многоугольнику. Тогда соотношение Эйлера примет вид В — Р + Г = 2, причем В = 6 и Р = 9. Следовательно, Г = 5. Каждая из пяти граней имеет по крайней мере четыре ребра, поскольку, по условию задачи, ни одна из дорожек не должна непосредственно соединять два дома или два колодца. Так как каждое ребро лежит ровно в двух гранях, то количество ре­бер должно быть не меньше (5∙4)/2 = 10, что противоречит условию, по которому их число равно 9. Полученное противоречие показывает, что от­вет в задаче отрицателен — нельзя провести непересекающиеся дорожки от каждого домика к каждому колодцу.

помоему ты просто пиздабол))))) тебе уже ответ уже дали…

real-fc.com/newsz/liga-chempionov/500907-pepe-igral-v-myach.html Тут и желтой не должно было быть=)) чисто в мяч!!!

разве это математика?

необходимо соединить 6 точек попарно, таким образом, чтобы линии не пересекались. точки можно расположить в произвольном порядке, в одной плоскости. Решившему запилю полтинник, сотку, если ещё с полным объяснением.

На остальных можно отступные сколько угодно ставить, поэтому и не считал)))

Роналдо-100 Бензема-35 Кака-75 Хедира-12 Ди мария -25 Алонсо 40 Озил 35

100,75,35,12,40,35,25

все ровно 500 не набирается)))

где ты насичтал пол миллиарда?)))